问题描述:
墨打印机的结构简图如图所示,其中墨盒可以发出半径为10-5m墨汁微粒,此微粒经过带电室处时被带上负电,带电的多少由计算机按字体笔画高低位置输入信号加以控制.带电后的微粒初速度可认为是零,经加速电场以一定的初速度进入偏转电场,带经过偏转电场发生偏转后,打到纸上,显示出字体.无信号输入时,墨汁不带电,径直通过偏转板而注入回流槽流回墨盒.设偏转板长1.6cm,两板间的距离为0.50cm,偏转板的右端距纸3.2cm.若一滴墨汁的质量为1.6×10-10kg,以20m/s的初速度垂直于电场方向进入偏转电场,两偏转板间的电压是8.0×103V,若墨汁微滴打到纸上的点距原射入方向的距离是2.00mm.不计空气阻力和墨汁的重力,可以认为偏转电场只局限在平行板电容器内部,忽略边缘电场的不均匀性.试分析求解:
(1)这滴墨汁经过偏转电场的侧向位移是多少?
(2)这滴墨汁通过带电室带的电量是多少?
(3)加速电场的电压时多大?
(4)为了使纸上的字体放大10%,请你分析提出一个可行的方法.
最佳答案:
(1)由题意知:偏转板长 l=1.6cm,偏转板的右端距纸 L=3.2cm.这滴墨汁打到纸上的点距原射入方向的距离是y′=2.00mm,设墨汁经过偏转电场的侧向位移是y.
这滴墨汁进入偏转电场后做类平抛运动,射出电场后,相当于从偏转板“中点”直线射出,由几何关系得:
y |
y′ |
| ||
|
得:y=
l |
l+2L |
1.6 |
1.6+2×3.2 |
(2)墨汁在偏转电场中做类平抛运动,则:
竖直方向加速度为:a=
qU |
dm |
l=v0t
y=
1 |
2 |
微粒由以上四式得:y′=
qUl(l+2L) | ||
2dm
|
代入数据得:q=1.25×10-13C
(3)对于加速过程,由动能定理得:
qU0=
1 |
2 |
v | 20 |
得:加速电压 U0=
m
| ||
2q |
1.6×10−10×202 |
2×1.25×10−13 |
(4)为使字放大10%,从y′=
qUl(l+2L) | ||
2dm
|
y′变为原来的1.1倍,则U变为原来的1.1倍,即U=1.1×8.0×103V=8.8×103V.
可得U变为:8.8×103V.
或增大L,若y′变为原来的1.1倍,代入数据解得:L=3.6cm.
答:
(1)这滴墨汁经过偏转电场的侧向位移是0.465mm.
(2)这滴墨汁通过带电室带的电量是1.25×10-13C.
(3)加速电场的电压是2.56×105V.
(4)为了使纸上的字体放大10%,为使字放大10%,可提高偏转电压,使偏转电压变为8.8×103V.或增大L,为3.6cm.